Đáp án chuyên Toán học Hải Dương 2016-2017 - Học Toàn Tập

Bạn đang xem bản rút gọn của tài liệu. Xem và tải ngay bản đầy đủ của tài liệu tại đây (345.44 KB, 4 trang )

(1)

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
HẢI DƯƠNG

ĐÁP ÁN VÀ HƯỚNG DẪN CHẤM MƠN TỐN
ĐỀ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT CHUYÊN

NĂM HỌC 2016 - 2017
(Hướng dẫn chấm gồm: 04 trang)
Nếu học sinh có cách làm khác đúng vẫn cho điểm tối đa.

Câu Ý Nội dung Điểm

1 a Rút gọn biểu thức:

2 2

 

 a x   a x 

A a a

x x với a0, x0. 1,00



 



2 2

=  

   

 a x x a  a x x a x a  x a

x x x x

0,25

  

 x a x a

x . 0,25

+) Với x a thì x a  x a nên A = x a x a 2x 2 x

x x

  

  . 0,25

+) Với 0 x a thì x a   



x a



 ax
nên A = a  x x a 2 a

x x .

0,25

1 b

Tính giá trị biểu thức:

P

 

(

x

y

)



3(

x



y xy

)(



1)

biết:

3 3

3 2 2 3 2 2

   

x , 3 3

17 12 2 17 12 2

   

y .

1,00
Ta có:















3 3

3
3 2 2 3 2 2

3 2 2 3 2 2 3 3 2 2 3 2 2 . 3 2 2 3 2 2

   

         

3 3

4 2 3 3 4 2

x   x x x (1).

0,25

Tương tự: 3

3 24 2

y  y _(2). 0,25

Trừ vế với vế (1) và (2) ta được: 3 3

3( ) 20 2

    

x y x y 0,25

(x - y)3 + 3(x - y)(xy + 1) = 20 2. Vậy P = 20 2 0,25
2 a Giải phương trình: x2 6 4 x32x23 (1) _1,00

+) ĐK: x 1

PT (1) (x2 - 3x + 3) + 3(x + 1) = 4 (x 1)(x 2 3x3) (2) 0,25
Do x2_{- 3x + 3 > 0 nên (2)}

2 2

3(x 1) x 1

1 4

x 3x 3 x 3x 3

 

 

   

Đặt t ₂ x 1 ; t 0
x 3x 3



 

  được PT: 1 + 3t2 = 4t 3t2 - 4t + 1 = 0

t 1

(TM)
1

t
3





 


0,25

+) Với t = 1 được PT: 2
2

x 1

1 x 4x 2 0 x 2 2

x 3x 3

 _{ } _ _{    }

(2)

+) Với t = 1

3 được PT:

2
2

x 1 1

x 12x 6 0 x 6 42
x 3x 3 3



       

  0,25

2 _{b Giải hệ phương trình:}







2 2

2 2 1

1 1 (1)

3 3 (2)

 



 



 





 







x

y

x

xy

y

1,00

Ta có: (1)



x x2 2x 2 1



y2  1 y



y2 1 y

 

 y2  1 y



(Do 2

y   1 y 0 với mọi y)

2 2

x 1 (x 1) 1 y y 1

        

0,25

2 2

(x 1) y

x y 1 0

(x 1) 1 y 1
 

    

   

2 2

x 1 y

(x y 1) 1 0

(x 1) 1 y 1
x y 1 0

(x 1) 1 (x 1) y 1 y 0 (3)

 _{ } 

   _  _

   

 

  


 

       


0,25

Do (x 1) 2     1 x 1 x 1, x và y2 1 y   y, y nên (3) vô nghiệm. 0,25

Thay y = - x - 1 vào (2) tìm được nghiệm

x 1
4
x

3




  

Với x = 1 y = -2; x = 4 y 1

3 3

   . Vậy hệ có nghiệm (1;-2), 4 1;
3 3
_ 

 

 .

0,25

3 a Tìm dạng tổng quát của số nguyên dương n biết: M = n.4n + 3n chia hết cho 7. 1,00
+) n = 2k (k nguyên dương): M = 2k.42k_{+ 3}2k_{= 2}_k_.16k_{+ 9}k_{. Ta có: 16}k_{và 9}k_{cùng dư}

với 2k_{chia 7.} 0,25

 M cùng dư với (2k.2k_{+ 2}k_{) = 2}k_.(2_k_{+ 1) chia 7}₍₂_k_{+ 1) chia hết cho 7}_k_{chia 7}

dư 3, hay k = 7q + 3 n = 14q + 6 (qN). 0,25
+) n = 2k + 1 (k nguyên dương): M = (2k + 1).42k + 1 + 32k+1 = 4(2k+1).16k + 3.9k

M cùng dư với (k + 4).2k + 3.2k = (k + 7).2k chia 7. 0,25
k chia hết cho 7k = 7p (pN).

Vậy n = 14q + 6 hoặc n = 14p + 1, với p và q là các số tự nhiên. 0,25

3 b

Tìm các cặp số (x; y) nguyên dương thoả mãn:

(x2_{+ 4}_y2_{+ 28)}2_{- 17(}_x4₊_y4_{) = 238}_y2_{+ 833.} 1,00
Ta có:



₂ ₂



2 ₄ ₄ ₂

4 28 17( ) 238 833

x  y   x y  y 

2 2 4 2 2

4( 7) 17 ( 7)

x y x y

_   _  _   _ 0,25

4 2 2 2 2

16x 8 (x y 7) (y 7) 0

     

2
2 2

4x (y 7) 0

_   _  2 2

4x y 7 0

   

(2x y)(2x y) 7
    (1)

0,25

(3)

Do đó từ (1) suy ra:

2

7

2

1

3 x

y

x

y

 









_{ }



_



KL: (x; y)=(2; 3) thoả mãn bài tốn.

0,25

4 a Chứng minh điểm M ln nằm trên một đường tròn cố định. 1,00

Lấy K là điểm đối xứng của O qua B, vì B và O cố định nên K cố định 0,25
Tứ giác OAKM là hình bình hành nên KM = OA 0,25

BC
OA

 không đổi. 0,25

M nằm trên đường trịn tâm K, bán kính BC

2 . 0,25

4 b Chứng minh tổng bình phương các cạnh của tứ giác AEGF không đổi. 1,00
Xét AHB vàCHA có ·BHC=·BHA=900, BAH· = ·ACB (cùng phụ với ·ABC)

_{AHB đồng dạng}_{CHA. Gọi S là trung điểm của AH, I là trung điểm của HC nên}
ABS đồng dạng CAI  ·ABS= CAI·

0,25

Ta lại có BS là đường trung bình của AMH
 BS//MH  ·ABS= ·AMH  ·AMH= CAI·

Mà CAI· + ·MAI=900_ ·_AMH₊·_MAI₌₉₀0__AI__MF

0,25

Xét tứ giác AEGF nội tiếp (O), có AG EF

Kẻ đường kính AD, do GDAG và EFAG nên EF // GD, do đó tứ giác nội tiếp
EFGD là hình thang cânFG = ED AE2_{+ FG}2_{= AE}2_{+ ED}2_{= AD}2_{= BC}2

0,25

Tương tự ta chứng minh được: AF2_{+ EG}2_{= BC}2

Vậy AE2_{+ FG}2_+AF2_{+ EG}2_{= 2BC}2_. 0,25

4 c

Gọi P là hình chiếu vng góc của H lên AB. Tìm vị trí của điểm A sao cho bán kính

đường trịn ngoại tiếp tam giác BCP đạt giá trị lớn nhất. 1,00
Gọi Q là hình chiếu của H trên AC Tứ giác APHQ là hình chữ nhật (S là tâm)

I
S

M
K

B _C

(4)

AQP· AHP· ABC· nên tứ giác BPQC nội tiếp. 0,25

Đường trung trực của các đoạn thẳng PQ, BC, QC cắt nhau tại O’ thì O’ là tâm đường

tròn ngoại tiếp tam giác BCP. 0,25

Có: OO’ // AH vì cùng vng góc với BC.

OAPQ và O 'SPQO’S//OA nên tứ giác ASO’O là hình bình hành
OO’ = AS = AH

Trong trường hợp A nằm chính giữa cung BC thì ta vẫn có: OO’ = AS = AH

2 0,25

Tam giác OO’C vuông tại O nên O’C =

2
2 AH
OC

 . Do OC không đổi nên O’C lớn
nhất khi AH lớn nhất A chính giữa cung BC.

0,25

Cho a, b, c là các số thực dương thay đổi thỏa mãn: a + b + c = 1.
Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức: 2 2 2

2 2 2

P 14(a b c ) ab bc ca
a b b c c a

 

   

 

1,00

Ta có:

a2_{+ b}2_{+ c}2_{= (a + b + c)(a}2_{+ b}2_{+ c}2₎

= a3_{+ b}3_{+ c}3_{+ a}2_{b + b}2_{c + c}2_{a + ab}2_{+ bc}2_{+ ca}2
Theo bất đẳng thức Cô si:

a3_{+ ab}2 _2a2_{b; b}3_{+ bc}2_2b2_{c; c}3_{+ ca}2 _2c2_a_a2_{+ b}2_{+ c}2_3(a2_{b + b}2_{c + c}2_a)
Do đó: 2 2 2

2 2 2

3( )

P 14(a b c ) ab bc ca

a b c

 

   

 

0,25

Đặt t = a2₊_b2₊_c2_{. Ta ln có: 3}_(a2_{+ b}2_{+ c}2₎_{(a +b + c)}2₌_1._{Do vậy: t}

1

3

. 0,25
Khi đó: _{P 14} 3(1 ) 27 3 3 1 1_. ₂ 27 _.3 3 23

2 2 2 2 2 3 2 2 2 2 3



 t t  t t     t  

t t t 0,25

Vậy MinP =

23

3

khi a = b = c =

1

3

. 0,25

B _C

H
P